2015年普通高中畢業(yè)班綜合測試（三）物理2015．5 本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，共12頁，滿分300分，考試用時0分鐘小題，每小題分，共分；在每小題給出的四個選項中，只有一個選項，選錯或不答的得0分．14．如圖所示，在紫銅管內滴入乙醚，蓋緊管塞．用手拉住繩子兩端迅速往復拉動，管塞會被沖開．管塞被沖開前A．外界對管內氣體做功，氣體內能增大B．管內氣體對外界做功，氣體內能減小C．管內氣體內能不變，壓強變大D．管內氣體內能增加，壓強變大．C．Fsin( D．Ftan(考點：靜摩擦力；共點力平衡條件答案：C解析：對滑塊受力分析得：摩擦力f與F的水平的分力平衡，，C正確。16．1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質D形盒D1、D2構成，其間留有空隙，下列說法正確的是A．回旋加速器只能用來加速正離子B．離子從D形盒之間空隙的電場中獲得能量C．離子在磁場中做圓周運動的周期是加速交變電壓周期的一半D．離子在磁場中做圓周運動的周期是加速交變電壓周期的2倍回旋加速器離子在磁場中做圓周運動的周期加速交變電壓周期小題，每小題分，共分；在每小題給出的四個選項中，有選項．全部選對的得分，選的得分，有選錯或不答的得0分17．下列說法正確的是A．汽車車速越快，慣性越大B．以額定功率運行的汽車，車速越快，牽引力越大C．汽車在水平公路上轉彎時，車速越快，越容易滑出路面D．汽車拉著拖車加速前進時，它對拖車的拉力與拖車對它的拉力大小相等考點：牛頓第一、三定律；額定功率；生活中的圓周運動答案：CD解析：慣性的唯一量度為質量，A錯誤；額定功率為，功率不變時，速度大，牽引力必然小，B錯誤；汽車在水平公路上轉彎時，摩擦力提供向心力，因為，速度v增加，摩擦力增加，可能大于最大靜摩擦，C正確；它對拖車的拉力與拖車對它的拉力屬于作用力和反作用力，D正確。18．( 的光照射，該金屬產生光電子的最大初動能為Ekm +h(D．若改用頻率為( 的光照射，該金屬可能不發(fā)生光電效應考點：愛因斯坦的光電效應方程答案：BD解析：愛因斯坦的光電效應方程，代入后，B正確；A錯誤；若改用頻率為，可能小于極限頻率，就不能發(fā)生光電效應，C錯誤；D正確。19．在家用交流穩(wěn)壓器中，變壓器的原、副線圈都帶有滑動頭P1、P2，如圖所示．當變壓器輸入電壓發(fā)生變化時，可以上下調節(jié)P1、P2的位置，使輸出電壓穩(wěn)定在220V上．現發(fā)現輸出電壓低于220V，下列措施正確的是A．P1不動，將P2向移動B．P2不動，將P1向下移動C．將P1向下移動，同時P2向上移動D．將P1向上移動，同時P2向下移動2008年9月我國成功實施了神舟七號載人航天飛行并實現了航天員首次出艙．飛船先沿橢圓軌道飛行，后在遠地點343千米處點火加速，由橢圓軌道變成高度為343千米的圓軌道，在此圓軌道上飛船運行周期約為90分鐘下列判斷正確的是A．飛船變軌后B．飛船在圓軌道上時航天員出艙前處于狀態(tài)出艙處于失重狀態(tài)．飛船橢圓軌道．飛船在此圓軌道上運動的角速度于同步衛(wèi)星運動的角速度飛船在圓軌道上時航天員出艙前處于失重狀態(tài)A．a、b為異種電荷gkstkB．a、b為同種電荷C．A點場強大于B點場強D．A點電勢高于B點電勢gkstk考點：電場線及其性質答案：AD解析：電場線在電場中畫出一系列的從正電荷出發(fā)到負電荷終止的曲線小題，共分cm、3.71cm、7.44cm和12.42cm，若該勻變速直線運動的加速度的大小為1.25m/s2，那么圖中每兩點中間還有______點沒有畫出；圖中D點對應的速度大小為________m/s（答案保留3位有效數字）．若在計算過程中不小心將交流電的頻率當成60Hz，則計算出的加速度值將_______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）考點：研究勻變速直線運動答案：4（2分），0.436（3分），偏大（3分）解析：由勻加速直線運動的規(guī)律，，解得T=0.1s，有5個0.02s，每兩點中間還有4點沒有畫出，平均速度等于中間時刻的瞬時速度，，在計算過程中不小心將交流電的頻率當成60Hz，計算時周期變少，則計算出的加速度偏大。（2）某同學用電壓表、電阻箱、開關和若干導線來測一節(jié)干電池的電動勢和內阻．實驗原理圖如圖甲．①根據原理圖，完成圖乙的實物連線．②電阻箱某次指示如圖丙，此時阻值R = ③改變電阻箱的阻值，得到幾組R、U值，作出圖象如圖丁，根據圖象求得該電池的電動勢E = ，內阻r = （保留三位有效數字）考點：伏阻法；測電源的電動是和內阻答案：①如圖（2分）②4Ω（2分）③1.43V（1.40~1.46V都可以）（3分）0.720Ω(0.700~0.730Ω都行)（3分）解析：根據原理圖，完成圖乙的實物連線見答案，注意正負極，變阻箱的電阻R，R=4×1=4Ω，閉合電路歐姆定律變形，，縱軸截距為0.7，；斜率k=0.5，，r=0.714Ω。35．（18分）如圖所示，兩平行金屬板E、F之間電壓為U，兩足夠長的平行邊界MN、PQ區(qū)域內，有垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度為B.一質量為m、帶電量為+q的粒子（不計重力），由E板中央處靜止釋放，經F板上的小孔射出后，垂直進入磁場，且進入磁場時與邊界MN成60°角，最終粒子從邊界MN離開磁場．求：（1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑r；（2）兩邊界MN、PQ的最小距離d；（3）粒子在磁場中運動的時間t.；；解析：解：（1）設粒子離開電場時的速度為v，由動能定理有： ---------------------------------(2分)------------------------------(1分)------------------------------------(3分)-----------------------------(2分)MN離開磁場，需滿足： ----------------------------------(3分)-----------------------------(2分)MN、PQ的最小距離d為粒子在磁場中做圓周運動的周期 -------------------------------------(1分) ---------------------------------(1分) ------------------------------ (3分)如圖所示，以A、B為端點的光滑圓弧軌道固定于豎直平面，一足夠長滑板靜止在光滑水平地面上，左端緊靠B點，上表面所在平面與圓弧軌道相切于B點，離滑板右端有一豎直固定的擋板P．一物塊A點由靜止開始沿軌道滑下，經B滑上滑板．物塊可視為質點，質量為m，滑板質量M = 2m，圓弧軌道半徑為R，物塊與滑板間的動摩擦因數為μ = 0.5力加速度為與的碰撞機械能損失返回時鎖定物塊滑到的速度大小；滑板與擋板前瞬間物塊的速度大小；在地面的觀察者看到在一段時間內物塊正在加速，求這段時間內滑板的速度范圍．考點：動量和能量的綜合題答案：；；≤vM≤ 解析：解：（1）物塊由A到B的運動過程，只有重力做功，機械能守恒．設物塊滑到B點的速度大小為v0，有： 2分解得： 1分（2）假設滑板與P碰撞前，物塊與滑板具有共同速度v1，取向右為正，由動量守恒定律----------------------------------------2分設此過程滑板運動的位移為s，由動能定理-------------------------------------2分解得 ，＜-------------------------------------1分所以假設成立，滑板與擋板P碰撞前瞬間物塊的速度大小為 2分沒有判斷滑板與P碰撞前是否有共同速度，扣2分（3）由于滑板與擋板的碰撞沒有機械能損失，所以滑板與擋板P碰撞后速度v1大小不變，只是方向向左．此后滑板作勻減速運動，物塊先向右減速，再向左加速運動．設兩者第二次具有共同速度為v2，取向左為正，由動量守恒定律有------------------------------------- 1分設此時滑板離P的距離為'，由動能定理----------------------------------- 1分解得 1分，說明滑板與物塊具有共同速度時還沒有返回到B點，兩者能夠第二次達到共同速度．1分沒有判斷滑板與P碰撞前是否第二次有共同速度，扣1分設當物塊的速度減為零時，滑板速度為v3，取向左為正，有 ---------------------------------------1分解得 1分所以，物塊加速運動階段的速度范圍為 gkstk此階段滑板的速度范圍為 ------------- 2分題號131415161718192021答案BDCBCDBDBCACAD34．（18分）（1）4（2分），0.436（3分），偏大（3分）（2）①如圖（2分）②4Ω（2分）③1.43V（1.40~1.46V都可以）（3分）0.720Ω(0.700~0.730Ω都行)（3分）35．（18分）解：（1）設粒子離開電場時的速度為v，由動能定理有： ①(3分) ②粒子離開電場后，垂直進入磁場，由洛侖茲力提供向心力有： ③(3分) ④(2分)MN離開磁場，需滿足： ⑤(3分) ⑥(2分)MN、PQ的最小距離d為（3）粒子在磁場中做圓周運動的周期 ⑦ (2分) 粒子在磁場中運動的時間 ⑨ (3分)解：（1）物塊由A到B的運動過程，只有重力做功，機械能守恒．設物塊滑到B點的速度大小為v0，有： ① 2分解得： ② 1分（2）假設滑板與P碰撞前，物塊與滑板具有共同速度v1，取向右為正，由動量守恒定律 ③ 2分設此過程滑板運動的位移為s，由動能定理 ④ 2分聯(lián)立③④式，解得 ，＜ 1分所以假設成立，滑板與擋板P碰撞前瞬間物塊的速度大小為 2分沒有判斷滑板與P碰撞前是否有共同速度，扣2分（3）由于滑板與擋板的碰撞沒有機械能損失，所以滑板與擋板P碰撞后速度v1大小不變，只是方向向左．此后滑板作勻減速運動，物塊先向右減速，再向左加速運動．設兩者第二次具有共同速度為v2，取向左為正，由動量守恒定律有 ⑤ 1分設此時滑板離P的距離為'，由動能定理 ⑥ 1分解得 1分，說明滑板與物塊具有共同速度時還沒有返回到B點，兩者能夠第二次達到共同速度． 1分沒有判斷滑板與P碰撞前是否第二次有共同速度，扣1分設當物塊的速度減為零時，滑板速度為v3，取向左為正，有 ⑦ 1分解得 1分所以，物塊加速運動階段的速度范圍為 gkstk此階段滑板的速度范圍為 2分！廣東省廣雅中學2015屆高三畢業(yè)班綜合測試（三）物理 解析版
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